Algebra 0-08 wielomiany zespolone.pdf
(
101 KB
)
Pobierz
19538514 UNPDF
Wykład8
Zadanie
Wyznaczy¢wszystkierozwi¡zaniarównania
z
4
−
(2
−
i
)
4
=0.
Rozwi¡zanie
Ztwierdzeniaopierwiastkowaniuliczbzespolonychwynika,
»erównanietomadokładnieczteryrozwi¡zania(s¡toczwartepierwiastkiz
liczby(2
−
i
)
4
).Jednymzrozwi¡za«jestliczba2
−
i
.Zgodnieztwierdzeniem
maj¡cjednorozwi¡zanietrzebajeprzemno»y¢przezczynnikcos
2
k
4
+
i
sin
2
k
4
abyotrzyma¢pozostałe.St¡dotrzymujemy:
z
0
=2
−
i,
z
1
=
z
0
·
(cos
2
+
i
sin
2
)=(2
−
i
)
i
=2
i
+1
,
z
2
=
z
0
·
i
2
=
z
1
·
i
=(2
i
+1)
i
=
−
2+
i,
z
3
=
z
2
·
i
=(
−
2+
i
)
i
=
−
2
i
−
1
.
Niech
C
n
=
{
z
2
C:
z
n
=1
}
,toznaczy
C
n
jestzbioremwszystkich
n
-tychpierwiastkówz1.Wtedy
C
n
madokładnie
n
elementówi(
C
n
,
·
)jest
grup¡abelow¡.Ponadtoistniejeelement
z
1
2
C
n
,»edlaka»dego
w
2
C
n
mamy:
(
z
k
=cos
2
k
n
+
i
sin
2
k
)
C
n
=
n
:
k
2{
0
,
1
,...,n
−
1
}
,
inapodstawiewzoruMoivre’amamy:
z
k
=
z
k
1
.
Jednymzbezpo±rednichwnioskówztwierdzeniaopierwiastkowaniuliczb
zespolonychjest:
Wniosek1
Dlaka»dejliczbyzespolonejzistniej¡dokładniedwieliczbyze-
spolonew,takie»ew
2
=
z.(Inaczejmówi¡cka»d¡liczb¦zespolon¡mo»na
spierwiastkowa¢.)
Wniosektenpozwalanamrozwi¡zywa¢dowolnerównaniestopniadru-
giegowcieleliczbzespolonych.
Rozwa»myrównanie:
az
2
+
bz
+
c
=0
gdzie
a,b,c
s¡dowolnymiliczbamizespolonymi,a
z
jestniewiadom¡.Wtedy
równanietomazawszepierwiastekwcieleliczbzespolonych.Rzeczywi±cie:
z
2
+
b
!
z
+
b
2
a
!
2
−
b
2
z
+
b
2
a
!
2
−
b
2
−
4
ac
az
2
+
bz
+
c
=
a
a
z
+
c
=
a
4
a
+
c
=
a
4
a
=0
1
9
kw
=
z
k
1
.
Rzeczywi±cienapodstawietwierdzeniamamy:
st¡dotrzymujemyrównanie:
z
+
b
2
a
!
2
=
b
2
−
4
ac
4
a
a
czyli
!
2
=
b
2
−
4
ac
4
a
2
iponiewa»wcieleliczbzespolonychliczb¦
b
2
−
4
ac
z
+
b
2
a
4
a
2
mo»naspierwiastkowa¢to
istniej¡rozwi¡zanianaszegorównania.Oznaczato,»ealgorytmrozwi¡zywa-
niarównania
az
2
+
bz
+
c
=0
jestdokładnietakisamjakwcieleliczbrzeczywistych:
=
b
2
−
4
a
c
z
1
=
−
b
+
p
2
a
2
a
alewtymprzypadkurozwi¡zaniazawszeistniej¡.
Przykład
Rozwi¡za¢równanie
z
2
+(1+4
i
)
z
−
(5+
i
)=0.
Wielomiany
Niech
K
b¦dzieciałem,
x
zmienn¡.Ka»dewyra»eniepostaci:
f
(
x
)=
a
n
x
n
+
a
n
−
1
x
n
−
1
+
...
+
a
1
x
+
a
0
,
gdzie
a
n
,a
n
−
1
,...,a
1
,a
0
2
K
nazywamywielomianemjednejzmiennejnad
ciałem
K
.Wyra»eniatenale»yrozumie¢formalnie,awprzypadkugdy
K
jestciałemliczbowym(tznjednymzciał:Q
,
R
,
C)towielomianyjakdawniej
mo»nainterpretowa¢jakofunkcje.Zbiórwszystkichwielomianównaciałem
K
oznaczamysymbolem
K
[
x
].Je±li
f
(
x
)
2
K
[
x
]i
f
(
x
)=
a
n
x
n
+
a
n
−
1
x
n
−
1
+
...
+
a
1
x
+
a
0
oraz
a
n
6
=0to
n
nazywamystopniemwielomianu
f
(
x
)ipiszemy
st
f
=
n
.Je±list
f
=
n
i
a
n
=1towielomian
f
(
x
)nazywamy
unormowa-
nym
.Je±list
f
=1towielomiannazywamywielomianemliniowym.
Je±li
K
jestciałemtowzbiorze
K
[
x
]mo»nawtradycyjnysposóbwpro-
wadzi¢działaniadodawaniaimno»eniawielomianów.Je±li
f
(
x
)=
a
n
x
n
+
a
n
−
1
x
n
−
1
+
...
+
a
1
x
+
a
0
,
g
(
x
)=
b
m
x
m
+
b
m
−
1
x
m
−
1
+
...
+
b
1
x
+
b
0
oraz
n
m
tomamy:
f
(
x
)+
g
(
x
)=
a
n
x
n
+
a
n
−
1
x
n
−
1
+
...
+(
a
m
+
b
m
)
x
m
+
...
+(
a
1
+
b
1
)
x
+
a
0
+
b
0
f
(
x
)
g
(
x
)=
P
n
i
=0
c
i
x
i
2
z
2
=
−
b
−
p
gdzie
c
i
=
P
k
+
l
=
i
a
k
b
l
(trzebaprzyj¡¢,»edla
l>m
mamy
b
l
=0).
Przykład
RozpatrujemywielomianyzezbioruR[
x
]:
(
x
3
+2
x
2
−
x
+5)+(
x
5
−
x
3
+
x
+4)=
x
5
+2
x
2
+9
,
(
x
2
+1)(
x
3
−
1)=
x
5
+
x
3
−
x
2
−
1
.
Twierdzenie1
Je±liKjestciałemtostruktura
(
K
[
x
]
,
+
,
·
)
jestpier±cie-
niemprzemiennymzjedno±ci¡.
Niech
g
(
x
)i
f
(
x
)b¦d¡wielomianamiowspółczynnikachzciała
K
.Wtedy
mówimy,»ewielomian
g
(
x
)dzieliwielomian
f
(
x
)ipiszemy
g
(
x
)
|
f
(
x
)je±li
istniejewielomian
h
(
x
)
2
K
[
x
],»e
f
(
x
)=
h
(
x
)
g
(
x
),tzn:
g
(
x
)
|
f
(
x
)
()9
h
(
x
)
2
K
[
x
]
f
(
x
)=
h
(
x
)
g
(
x
)
Przykład
Wielomian
x
2
+1dzieliwielomian
x
5
+
x
3
−
x
2
−
1bo
x
5
+
x
3
−
x
2
−
1=(
x
2
+1)(
x
3
−
1).
Wielomian
f
(
x
)nazywamy
rozkładalnym
lub
przywiedlnym
nadcia-
łem
K
je±liistniej¡wielomiany
g
(
x
)i
h
(
x
)takie,»e
f
(
x
)=
g
(
x
)
h
(
x
)ist
g>
0
ist
h>
0.
Przykład
Wielomian
x
4
+2jestrozkładalnynadciałemR,bo
p
p
q
p
p
q
p
p
x
4
+2=(
x
2
+
2)
2
−
2
2
x
2
=(
x
2
−
2
2
x
+
2)(
x
2
+
2
2
x
+
2)
.
NatomiastniejestrozkładalnynadciałemQ.
Przykład
Wielomian
x
4
+
x
2
+1jestrozkładalnynadciałem
Z
2
,bo
x
4
+
x
2
+1=(
x
2
+
x
+1)
2
.
Twierdzenie2
Je±lig
(
x
)
if
(
x
)
s¡wielomianaminadciałemKtoistnieje
dokładniejednaparawielomianówq
(
x
)
,r
(
x
)
2
K
[
x
]
,»e:
g
(
x
)=
q
(
x
)
f
(
x
)+
r
(
x
)
,
gdzie
0
¬
st
r<
st
f.
Wielomian
r
(
x
)nazywamyreszt¡zdzielenia
g
(
x
)przez
f
(
x
).
Mówimy,»eelement
a
2
K
jest
pierwiastkiem
wielomianu
f
(
x
)je±li
(
x
−
a
)
|
f
(
x
).
Mo»namówi¢opodstawianiuelementu
a
2
K
zazmienn¡
x
,tznje±li
f
(
x
)
2
K
[
x
]to
f
(
a
)=
a
n
a
n
+
a
n
−
1
a
n
−
1
+
···
+
a
1
a
+
a
0
.
3
Twierdzenie3(Bezout)
1
Elementa
2
Kjestpierwiastkiemwielomianu
f
(
x
)
2
K
[
x
]
wtedyitylkowtedygdyf
(
a
)=0
.
Dowód
(
)
)Je±li
a
jestpierwiastkiemwielomianu
f
(
x
)tozgodniezdefinicj¡mamy
(
x
−
a
)
|
f
(
x
).Zatemistnieje
h
(
x
),»e
f
(
x
)=(
x
−
a
)
h
(
x
).St¡dmamy
f
(
a
)=
(
a
−
a
)
h
(
a
)=0
h
(
a
)=0.
(
(
)Dzielimywielomian
f
(
x
)przezwielomian
x
−
a
zreszt¡:
f
(
x
)=(
x
−
a
)
h
(
x
)+
r
(
x
)
,
gdziewielomian
r
(
x
)mastopie«mniejszyod1.Zatem
r
(
x
)=
c
jestwielo-
mianemstałym.Podstawiaj¡c
a
mamy:
f
(
a
)=
r
(
a
)=
c
=0
.
Zatem:
f
(
x
)=(
x
−
a
)
h
(
x
)
.
Podamyterazłatwysposóbdzieleniawielomianu
f
(
x
)=
a
n
x
n
+
a
n
−
1
x
n
−
1
+
...a
1
x
+
a
0
przezdwumianpostaci
x
−
c
.Algorytmtennazywasi¦
schema-
temHornera
.
a
n
x
n
+
a
n
−
1
x
n
−
1
+
...
+
a
1
x
+
a
0
=(
x
−
c
)(
b
n
−
1
x
n
−
1
b
n
−
2
x
n
−
2
+
...
+
b
1
x
+
b
0
)+
r
współczynniki
b
i
orazreszt¦
r
znajdujemykorzystaj¡cznast¦puj¡cejtabelki:
a
n
a
n
−
1
a
n
−
2
... a
1
a
0
c
a
n
cb
n
−
1
+
a
n
−
1
cb
n
−
2
+
a
n
−
2
...cb
1
+
a
1
cb
0
+
a
0
=
b
n
−
1
=
b
n
−
2
=
b
n
−
3
=
b
0
=
r
Przykład
Podzieli¢wielomian
f
(
x
)=2
x
5
−
9
x
4
+4
x
3
−
x
2
+27przezdwumian
x
−
4.
Rozwi¡zanie
Korzystamyzpowy»szegoalgorytmu:
2
−
94
−
1027
42
−
10
−
1
−
411
Zatemmamy
f
(
x
)=(
x
−
4)(2
x
4
−
x
3
−
x
−
4)+11.
1
E.Bezout(1730-1783)matematykfrancuski
4
Plik z chomika:
sebcio97
Inne pliki z tego folderu:
Algebra 0-01 pojęcia wstępne.pdf
(75 KB)
Algebra 0-02 działania.pdf
(69 KB)
Algebra 0-03 struktury algebraiczne.pdf
(69 KB)
Algebra 0-04 pierścienie.pdf
(78 KB)
Algebra 0-05 pierścienie.pdf
(69 KB)
Inne foldery tego chomika:
Algebra liniowa
Analiza Funkcjonalna
Analiza matematyczna
Analiza Regresji
Badania Operacyjne
Zgłoś jeśli
naruszono regulamin