Zadanie 5.pdf

(170 KB) Pobierz
Wykład 1 \(4 godziny\)
Przykład 9.5. Obliczenie siły krytycznej metodą energetyczną
Wyznaczyć przybliżoną wartość krytyczną siły P obciążającej osiowo słup o liniowo
zmiennym przekroju poprzecznym. Słup jest podparty przegubowo na obu końcach jednak w
płaszczyźnie xz dodatkowa podpora w połowie wysokości blokuje możliwość przesuwu w
kierunku z (różne schematy statyczne w dwu różnych płaszczyznach często występują w
praktyce). Dana jest wysokość L słupa, jego szerokość w środku wysokości h 0 oraz stała
grubość b . Szkic słupa z przyjętym układem współrzędnych przedstawiony jest na rysunku 1.
Moduł Younga jest stały i równy E . Można przyjąć w oszacowaniu końcowym siły
krytycznej, że b = h 0
x
x
P
P
C
C
L/2
L/2
h 0
b
B
B
L/2
h ( x )
L/2
h A =h C
A
y
A
z
Rys. 1. Pręt o liniowo zmiennej szerokości przekroju.
Rozwiązanie zadania 5.
Zauważmy przede wszystkim, że zmienny przekrój spowoduje zmienny moment
bezwładności, który pojawia się w równaniu różniczkowym osi ugiętej pręta. Zależność
momentu bezwładności od współrzędnej x zostanie ustalona poniżej. Każdy przekrój
poprzeczny jest prostokątem o bokach b oraz h ( x ). Wobec tego:
J y =
h
(
x
)
b
3
J z =
h
3
(
x
)
b
(1)
12
12
Wysokość przekroju jest funkcją przedziałami liniową zmiennej x :
( )
h
+
2
h
0
−
h
A
h
0
x
dla
x
<
L
/
2
()
A
L
h
x
=
(2)
2
( )
h
−
h
x
−
h
+
2
h
−
0
A
dla
x
>
L
/
2
A
0
L
Zmienność momentów bezwładności zapisać można wzorami:
186688878.005.png 186688878.006.png 186688878.007.png
b
2
( )
h
−
h
h
x
3
h
+
0
A
0
dla
x
<
L
/
2
()
12
A
L
J
x
=
( )
(3 1 )
z
3
2
h
−
h
x
b
h
−
h
+
2
h
−
0
A
dla
x
>
L
/
2
12
A
0
L
( )
b
3
2
h
−
h
h
x
h
+
0
A
0
dla
x
<
L
/
2
()
12
A
L
J
x
=
( )
(3 2 )
y
b
3
2
h
−
h
x
−
h
+
2
h
−
0
A
dla
x
>
L
/
2
12
A
0
L
Dla pręta o zmiennym przekroju, znalezienie siły krytycznej z warunku istnienia niezerowego
rozwiązania równania różniczkowego osi ugiętej słupa może się okazać skomplikowane.
Równanie różniczkowe osi ugiętej zapisuje się w obu przedziałach zmienności przekroju
następująco (dla przykładu zapisano jedynie równanie dla ugięcia w płaszczyźnie xy ):
( )
b
2
h
−
h
h
x
3
() ()
E
h
+
0
A
0
x
3
y
′
x
+
P
xy
kr
y
x
=
0
dla
x
<
L
/
2
12
A
L
(4)
( )
2
h
−
h
x
3
b
() ()
−
h
+
2
h
−
0
A
y
′
x
+
P
xy
kr
y
x
=
0
dla
x
>
L
/
2
12
A
0
L
Rozwiązanie równania (4), (nawet dla liniowo zmiennego przekroju) jest trudne. Aby ominąć
tę trudność zastosujemy metodę energetyczną. Zgodnie z tą metodą najlepszym przybliżeniem
siły krytycznej będzie:
∫
L
EJ
(( )
( )
x
v
′
(
x
)
2
dx
P
=
min
0
(5)
kr
L
′
2
∫
v
(
x
)
dx
v
∈
V
0
We wzorze (5) v ( x ) należy do pewnej rodziny funkcji kinematycznie dopuszczalnych V, to
znaczy takich, które spełniają warunki zamocowania i są ciągłe. Aby wzór (5) mógł być
zastosowany funkcja v ( x ) powinna być dwukrotnie różniczkowalna i obie te pochodne musza
być całkowalne w kwadracie. Minimum osiąga się dla funkcji v ( x )= y ( x ), która jest
rozwiązaniem zagadnienia wyboczenia. Nie zawsze jednak uda się tak zdefiniować rodzinę
funkcji próbnych V, aby rozwiązanie (nieznane!) do niej należało. Należy się starać, aby był
to zbiór funkcji spełniający możliwie dużo znanych warunków. W rozwiązaniu tego zadania
przyjmiemy taką funkcję, która jest kinematycznie i dodatkowo spełnia statyczne warunki
brzegowe:
M z (0)=0, M z ( L )=0 (6)
M y (0)=0, M y ( L )=0 (7)
(momenty w przegubach podporowych są równe zeru, indeksy y i z oznaczają odpowiednio
rzuty wektora momentu na oś y i z ).
Kinematyczne warunki wymienione sa poniżej (zerowanie się ugięć na podporach):
y (0)=0, y ( L )=0 (8)
z (0)=0, z ( L/2 )=0, z ( L )=0 (9)
Funkcja y ( x ) taka, że jej druga pochodna przyjmuje wartości zerowe na podporach może być
znaleziona w następujący sposób (ograniczając się do wielomianów w wyborze postaci
funkcji):
y''(x)=ax(L-x) jest proporcjonalna do momentu ( a jest współczynnikiem proporcjonalności) i
zeruje się w przegubach belki.
Dwukrotnie całkując otrzymujemy:
x
4
x
3
L
y
x
)
=
a
−
+
+
Ax
+
B
(10)
12
6
2
186688878.008.png
A oraz B wyznaczymy z warunków (8) otrzymując wynik (11):
y (0)=0
B=0
y ( L )=0
−
L
4
+
L
4
+
Ax
=
0
A=L 3 /12.
12
6
x
4
x
3
L
L
3
x
y
x
)
=
a
−
+
−
(11)
12
6
12
x
3
x
2
L
L
3
( x
)
y
′
(
x
)
=
a
−
+
−
y
′ )
(
x
=
ax
L
−
(12)
3
2
12
Funkcja z ( x ) taka, że jej druga pochodna przyjmuje wartości zerowe w przegubach zaś sama
funkcja – wartości zerowe na trzech podporach może być trudna do znalezienia wśród
wielomianów, łatwo natomiast wskazać przykład takiej funkcji wśród funkcji
trygonometrycznych:
2
x
2
π 2
π
x
4
π 2
2
π
x
′
′
z
(
x
)
=
b
sin
z
(
x
)
=
b
cos
z
(
x
)
=
−
b
sin
(13)
L
L
L
L
2
L
y ’’( x )
z ’’( x )
z ( x )
y ( x )
Rysunek 2. Wykresy przybliżonych linii ugięcia słupa podczas wyboczenia oraz ich drugich
pochodnych. Są one zdefiniowane wzorami (11), (12 2 ) oraz (13 1 ) i (13 3 )
Ponieważ przyjęte funkcje przybliżające linię ugięcia są całkowicie zdefiniowane (mnożnik a
występuje zarówno w liczniku jak i w mianowniku i ulega redukcji ), wzór (5) sprowadza się
do postaci (14 1 ) i (14 2 ):
∫
L
EJ
(( )
( )
x
z
′
(
x
)
2
dx
∫
L
EJ
(( )
( )
x
y
′
(
x
)
2
dx
P
xz
kr
=
0
y
P
xy
kr
=
0
z
(14)
L
′
2
L
′
2
∫
z
(
x
)
dx
∫
y
(
x
)
dx
0
0
Należy teraz wstawić do wzoru (14 2 ) wyrażenia (3) oraz pochodne funkcji (13). Siłę
krytyczną w płaszczyźnie xy otrzymuje się po krótkich i elementarnych obliczeniach:
L
/
2
2
( )
h
−
h
h
x
3
L
2
( )
h
−
h
x
3
∫
x
2
(
L
−
x
)
2
h
+
0
A
0
dx
+
∫
x
2
(
L
−
x
)
2
−
h
+
2
h
−
0
A
dx
A
L
A
0
L
P
yx
≅
Eb
/
12
0
L
/
2
kr
L
2
x
3
x
2
L
L
3
∫
−
+
−
dx
3
2
12
0
1
b
185
h
3
+
35
h
3
+
87
h
h
2
+
141
h
2
h
)
P
yx
≅
E
0
A
0
A
0
A
(15)
kr
544
L
2
3
(
186688878.001.png 186688878.002.png 186688878.003.png
 
Pozostaje wstawić do wzoru (14 1 ) wyrażenia (3) oraz pochodne funkcji (10). W płaszczyźnie
xz otrzymuje się po elementarnych rachunkach:
L
/
2
2
π
x
2
( )
h
−
h
h
x
L
2
π
x
2
( )
h
−
h
x
∫
sin
h
+
0
A
0
dx
+
∫
sin
−
h
+
2
h
−
0
A
dx
2
π
L
A
L
L
A
0
L
P
zx
≅
Eb
3
/
12
0
L
/
2
kr
L
L
2
2
π
−
∫
cos
dx
L
0
( )
2
≅ π
2
b
3
h
+
h
P
zx
E
0
A
(16)
kr
6
L
Jeśli przyjąć b=h 0 zaś h A =h 0 /3 to:
( )
h
4
0
h
4
h
4
P
=
min
P
yx
,
P
zx
=
min
2
1932
E
,
0
4466
E
0
=
0
4466
E
0
kr
kr
kr
L
2
L
2
L
2
Ćwiczenie samodzielne
sprawdzić, że dla przyjętej również w formie trygonometrycznej funkcji y(x) : y(x)=sin( π x/L)
otrzyma się:
bh
3
P
yx
≅
0
459
E
0
kr
L
2
Jest to więc gorsze przybliżenie siły krytycznej niż otrzymane poprzednio gdyż jest od niej
większa (zobacz – wzór (5))!
4
186688878.004.png

Plik z chomika:

Inne pliki z tego folderu:

Inne foldery tego chomika:

Zgłoś jeśli naruszono regulamin